Trabajo Colaborativo Fase 2 FISICA

UNIVERSIDAD NACIONAL ABIERTA Y A DISTANCIA FÍSICA GENERAL CÓDIGO. 100413

FÍSICA GENERAL CÓDIGO: 100413 TRABAJO COLABORATIVO FASE 2 UNIDAD No 2 DINÁMICA Y ENERGÍA.

Presentado a: ALVARO IVAN RAMIREZ Tutor Entregado por: Carlos Andrés González Ramírez Código: 93414662 José Camilo Ortega Flórez Código: 93238289 Carol Natalia Ruiz Código: 1.110.574.646 Mauricio Alejandro Rodriguez Código: 1.110.498.148

Grupo: 100413_341

UNIVERSIDAD NACIONAL ABIERTA Y A DISTANCIA - UNAD ESCUELA DE CIENCIAS BÁSICAS TECNOLOGÍA E INGENIERÍA 02 de noviembre 2016 Ibagué

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INTRODUCCIÓN

A través de este trabajo se establece la definición y aplicación de dinámica y Energía mediante ejercicios de los cuales hallaremos las teorías y formulas correspondientes a dichos temas. Se conoce la dinámica como la fuerza neta ejercida sobre un objeto lo acelerará, es decir, cambiará su velocidad. La aceleración será proporcional a la magnitud de la fuerza total y tendrá la misma dirección y sentido que ésta. En el cual si un objeto con más masa requerirá una fuerza mayor para una aceleración dada que uno con menos masa. La energía es la fuerza de acción o capacidad para realizar un trabajo. Así vemos como la relación de estos temas permiten crear un amplio conocimiento a la física y su respectivo desarrollo en diversas situaciones de la vida cotidiana y en las cuales su aplicación es de utilidad.

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TRABAJO COLABORATIVO DE LA UNIDAD 2: DINÁMICA Y ENERGÍA. Temática: Las leyes de movimiento y sus aplicaciones. Ejercicio No 1.

⃗ Fx

En el sistema que se muestra en la figura, una fuerza horizontal

actúa sobre el objeto

de 8.00 kg. La superficie horizontal no tiene rozamiento. Se asume que la polea no tiene masa ni fricción. Teniendo en cuenta el sistema de masas unidas por una cuerda, presentado en la figura (a) Trace los diagramas de cuerpo libre para cada uno de los dos bloques. (b) Aplique el método newtoniano para determinar la aceleración

F x . (c) Trace una gráfica cuantitativa de negativos de

Fx

).

ax

ax

del bloque de 8 kg, en función de

en función de

Fx

(incluyendo valores

(d) Responda las siguientes preguntas: ¿Para qué valores de

acelera hacia arriba el objeto de 4.00 kg? ¿Para qué valores de

Fx

Fx

permanece el sistema

en reposo o se mueve con rapidez constante? (e) ¿Para qué valores de

Fx

queda

Figura tomada de Física para Ciencias e Ingeniería, 7a edición, Serway/Jewett.

distensionada la cuerda? ¿Es válida la gráfica trazada en la parte (f) para esos valores? ¿Por qué?

Datos ejercicio

del

Desarrollo del ejercicio

a

Trace los diagramas de cuerpo libre para cada uno de los dos bloques

Explicación y/o justificación y/o regla utilizada en el proceso realizado: Bloque

Nombre y apellido del estudiante que realiza el aporte y tipo de aporte que realiza:

Carlos Andrés González Ramírez/Carol Natalia Ruiz

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Bloque

4kg

4kg

Segunda Ley de Newton Para m1  En el eje x (No se aplica)

∑ F y =m1 . a

 En el eje y

|T|−|W |=m .a →

→

1

1

Corresponde a la fuerza mínima necesaria para que el cuerpo se mantenga en equilibrio Si a>0 El cuerpo se desplaza a la derecha, por la acción de la fuerza de FX

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Para m2

∑ F x=m2 . a

 En el eje x

|F |−|T|=m . a →

→

x

2

∑ F y =m2 .0

 En el eje y

|N|−|W |=0 →

→

2

Ahora utilizamos el Reducción para resolver:

método

|T|−|W |=m .a →

→

1

1

|F |−|T|=m . a →

→

x

2

___________________

|F |−|W |=m . a+m . a →

→

x

1

1

2

|F |−|W |=a(m + m ) →

x

→

1

1

2

de

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|F |−|W | a= →

→

x

1

(m1+m2 )

|F |−m . g a= →

x

1

(m 1+ m 2)

|F |−4.00 Kg 9.81 ms →

x

a=

2

(4.00 Kg+ 8.00 Kg)

|F |−39.24 ms →

x

a=

2

12.0

|F |−39.24 ms →

x

a=

2

12.0

Trace una gráfica cuantitativa de ax en función de Fx (incluyendo valores negativos de Fx

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|F |−39.24 ms →

x

ax=

2

12.0

 ¿Para qué valores de Fx acelera hacia arriba el objeto de 4.00 kg?

De acuerdo a la gráfica a partir de 39,24 Fx acelera hacia arriba el objeto de 4.00Kg

 ¿Para qué valores de Fx permanece

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el sistema en reposo o se mueve con rapidez constante? En los valores menores a 39,24  ¿Para qué valores de Fx queda

distensionada la cuerda? Para esto tomamos las ecuaciones

|T|−|W |=m .a →

→

1

1

|F |−|T|=m . a →

→

x

2

Y para esta igualamos aceleración a = a

|T|−|W | →

→

1

m1

=a

|F |−|T|=a →

→

x

m2

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|T|−|W | |F |−|T | = →

→

→

1

→

x

m1

m2

(| | | |) →

(| | | |)

→

→

→

m2 T − W 1 =m1 F x − T

|| | | | | || →

→

→

→

m 2 T −m2 W 1 =m 1 F x −m 1 T

|| || | | | | →

→

→

→

m2 T +m1 T =m1 F x + m2 W 1

|T|(m + m )=m |F |+m |W | →

→

2

1

1

x

|T|= | ( m| +m ) →

→

m1 F x +m2 . m1 . g 2

1

| | ) |T|= ((m +m ) →

→

m1 F x + m2 . g 2

1

→

2

1

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(| | →

|T|= →

4.00 Kg F x + 8.00 Kg . 9.81 (4.00 Kg+8.00 Kg)

(| | →

|T|= →

4.00 Kg F x +78.48 (12.0 Kg)

m s

)

m s

)

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Observaciones: Ejercicio No 2. Un bloque de masa m = 1.80 kg se libera desde el reposo en h= 0.450 m por encima de la superficie de una mesa, en la cima de una pendiente de 28,0° de inclinación, como se muestra en la figura .La inclinación sin fricción se fija en una mesa de la altura H=0,800 m. (A) Determine la aceleración del bloque cuando se desliza por la pendiente. (B) ¿Cuál es la velocidad del bloque cuando deja la pendiente? (c) ¿A qué distancia de la mesa, el bloque debe golpear el piso? (d) ¿Cuánto tiempo ha transcurrido entre el momento en que se suelte el bloque y cuando golpea el suelo? (e) ¿Afecta la masa del bloque cualquiera de los anteriores cálculos? Justifique su respuesta.

Datos ejercicio

del

Bloque de masa M=1.80 Kg Reposo h=0.450m Angulo de 28,0° Altura H=0,800m

Desarrollo del ejercicio

a) Ecuación vectorial del movimiento:

a=g∗sen( q) 9,8 m/S 2∗sin 28 °=4,6 m/S 2 R/ la aceleración del bloque cuando se desliza

Figura tomada de Física para Ciencias e Ingeniería, 7a edición, Serway/Jewett.

Explicación y/o justificación y/o regla utilizada en el proceso realizado: Primero resolvemos entre A y B aplicando segundo Ley de Newton. Ecuación vectorial de movimiento

Nombre y apellido del estudiante que realiza el aporte y tipo de aporte que realiza:

Carlos Andrés González Ramírez/ José Camilo Ortega

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4,6 m/ S2

por la pendiente es de

Como el bloque parte del reposo del punto A la velocidad instantánea es = 0

1 b ¿ x= ∗a∗t 2 2 V =a∗t

h=cateto opuesto/ senθ h=

0.450 h=0.95 m sen(28)

1 2x x= ∗a∗t 2 ≫t= 2 a

1 /2

( )

V =a∗t 2x a

1 /2

( ) 2x V =a∗( ) ≫ V =2 xa /2 a V =a∗

1 2

V =2( 0.95)( 4.6)1 /2 V =2.95 m/s Movimiento parabólico

Voy=−2.95

Voy=Vf sen 28 ° Voy=−2.95∗sen 28 °

1

Para determinar el alcance se realiza aplicación del lanzamiento parabólico entre B y C con rapidez inicial de 4.3m/s

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Voy=−1.38 m/s

esta velocidad es

negativa por que baja a)Tiempo total = tiempo de deslizamiento por el plano inclinado + tiempo de vuelo de la mesa al piso tiempo de deslizamiento por el plano inclinado

VF=Vo+at pero Vo=0 VF=at

t=

vf a

t=

2.95 4.6

t=0.64 s Hallamos el tiempo que demora el cuerpo en el tiro parabólico.

Y =−Voy∗t−

g∗t 2 (−1) 2

g∗t Y =Voy∗t+ 2 0.800=1.38 t +

2

9.8∗t 2

2

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0.800=1.38 t +4.9 t 2 4.9 t 2+1.38 t−0.800=0 Resolvemos con la ecuación cuadrática

−(1.38)± √(1.38)2−4 (4.9)(−0.8) x= 2(4.9) x=

−(1.38)± √1.9+15.68 9.8

x=

−1.38 ± 4.19 9.8

x 1=

−1.38+4.19 2.81 = =0.28 s 9.8 9.8

x 2=

−1.38−4.19 −5.57 = =−0.56 9.8 9.8

Se toma el positivo Tiempo Total= tpi +tp

Tf =0.64 +0.28

Tf =0.92 s a ¿ X =Vx∗t

Vx=Vf ∗Cosθ

Vx=2.95∗cos 28°

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Vx=2.6 m/s X =2.6∗0.28

X =Vx∗t X =0.728 m

Observaciones: Temática: Fuerzas de fricción. Ejercicio No 3. En el sistema que se presenta a continuación, las masas m1 y m2, tienen valores de 3.50 kg y 8.00 kg, respectivamente, el triángulo presentado es isósceles, de tal manera que ángulo de la base es de 35.0o. Sí la aceleración del sistema es de 1.50m/s 2, determine el coeficiente de fricción cinético entre el bloque y la pendiente, suponiendo que su valor, es el mismo en ambas pendientes.

Datos ejercicio

M1 = 3,50kg M2= 8,00kg

del

Desarrollo del ejercicio

F(x)=T-Wx-FR1=m1 a T −Wsen35 °−F R 1 =m1 a

α= 35.00 a= 1.50m/s2

T −m1 . g . sen 35 °−F R 1=m1 a

T −(3,5 Kg)(9,81

m m ) sen 35 °−F R 1=(3,5 Kg )(1,5 2 ) 2 s s

T −19,673 N −F R 1=5,25 N

Explicación y/o justificación y/o regla utilizada en el proceso realizado:

Nombre y apellido del estudiante que realiza el aporte y tipo de aporte que realiza.

hallamos las fuerzas de los ángulos de Inclinación con la siguiente formula.

Mauricio Alejandro Rodríguez

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T −F R 1=5,25 N +19,673 N T −F R 1=24,923 N

∑ F ( y ) =w1 y−N 1 =0 wCos 35° =N 1 (3,5 Kg)(9,81

m ) cos 35° =N 1 2 s

N 1=28,1 N F R 1=N 1 T −28,1 N . m=24,9 N

∑ F ( x )=W 2 x−T −F R 2 =m2 a m2 . g . sen 35 °−T −F R 2=m2 a

(8 Kg)(9,81

m )sen 35 °−T −F R 2=12 N s2

44,9 N−T −F R 2=12 N

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−T −F R 2=12 N −44,9 N −T −F R 2=−32,968 N

∑ F ( y ) =w2 y−N 2 =0 wCos 35° =N 2

(8 Kg)(9,81

m )cos 35 °=N 2 2 s

N 2=64,2 Newton T −28,096 N . m=24,923 N

T −28,096 N . m=24,923 N −T −64,221 N . m=−32,968 N

−92,317 N . m=−8,045 N

m=

Observaciones: Ejercicio No 4.

−8,04 N =0.08 −92,3 N

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En la figura se muestra un cuerpo en reposo de masa de 10.0 kg que esta

´ sobre una superficie horizontal sin fricción ( AB ), al cuerpo se le aplica una fuerza constante de 25.0 N formando un ángulo (�) de 27.0° con la horizontal. Después de recorrer la superficie horizontal de 30.0 m, la fuerza

´ deja de ser aplicada y el cuerpo ingresa a una superficie rugosa ( BC ) cuyo coeficiente de fricción es de 0,300. Calcular: a) El valor de la aceleración del cuerpo en el instante en que deja la superficie sin fricción y b) la distancia que alcanza a recorrer en la superficie con rugoza hasta que se detiene. Datos del Desarrollo del ejercicio Explicación y/o ejercicio justificación y/o regla utilizada en el proceso realizado: M= 10.0kg f ( x )=F∗cos 27.0=m∗a F=25.0N

f ( y )=F∗sen 27.0

Distancia=30.0 m

f ( y )=25 N∗0.45=11.3 N

Coeficiente=0.3 00

f (x) a=

F∗cos 27.0 m

a=

25.0∗0.89 10 kg

Angulo= 27.0

a=2.22m/ s2 Distancia en superficie rugosa. Fr=0.300∗g−f ( y )

Nombre y apellido del estudiante que realiza el aporte y tipo de aporte que realiza.

Mauricio Rodriguez

UNIVERSIDAD NACIONAL ABIERTA Y A DISTANCIA FÍSICA GENERAL CÓDIGO. 100413 2

Fr=0.300∗9.81 m/ s −11.3 N Fr=0.26 a=

F∗cos 27.0−Fr m

a=2.20 m/s2

d=

−v 2i 2a

−11.4 m/s ¿ 2 ¿ ¿ d=¿ d=29.5 m Observaciones: Temática: Trabajo realizado por una fuerza constante y una fuerza variable. Ejercicio No 5.

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La fuerza que actúa sobre una partícula varía como se muestra en la figura. Encuentre el trabajo invertido por la fuerza en la partícula conforme se mueve… (a) De

x=0.00 m

a

x=4.50 m ; (b) de

x=0.00 m a

x=15.00 m . (c) Existe cierto punto A sobre el eje “x” tal que el trabajo realizado por esta fuerza en el intervalo

vale cero. Encuentre el

xA

valor de Datos ejercicio

del

Fuerza en la partícula X=0.00m a x=4.5m X=0.00m a x=15.00m Valor de

[ x A ,15.0 m ]

Desarrollo del ejercicio

x=0.00 m a x =4.50 m

a)

w=

4.5∗−2 2

w=−4.5 J

XA b)

w=

10.5∗6 2

w=31.5 J x=0.00 m a x =15.00 m w=−4.5 J +31.5 J

Explicación y/o justificación y/o regla utilizada en el proceso realizado:

Nombre y apellido del estudiante que realiza el aporte y tipo de aporte que realiza.

El trabajo es el área bajo la curva, porque trabajo es fuerza en Newton en distancia en metros, por este motivo para hallar el trabajo y teniendo en cuenta las líneas formando triángulos hallamos la distancia en Julios mediante:

José Camilo Ortega

W=

base∗altura 2

En el punto b, hayamos la distancia entre el segundo triángulo formado en la gráfica con una base de 10.5 por la altura de 6, el resultado en julios más el resultado en a) se suma y de esta forma obtenemos el total.

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w=27 J

c)

x=15.00 m−13.5 m

x=1.5 m

w=

1.5∗−1.5 2

w=−1.12 J

Observaciones: Ejercicio No 6. Considere un cuarto de bodega rectangular, de 7.50 m de largo por 6.50 m de ancho. Los vértices se rotulan como se muestra en la figura. Un trabajador empuja por el piso una caja de mercancía pequeña pero pesada (20.0 kg). El coeficiente de rozamiento cinético entre la caja y el suelo vale 0.280. Determine el trabajo realizado por la fuerza de rozamiento que actúa sobre la caja para cada una de las siguientes trayectorias (cada flecha indica el segmento rectilíneo que conecta los puntos marcados en sus extremos): (a) A --> C (b) A --> D --> C (c) A --> D --> B --> C (d) Explique por qué los anteriores resultados demuestran que la fuerza de rozamiento no es conservativa.

Datos

del

Desarrollo del ejercicio

Explicación

y/o

justificación

Nombre y

apellido del

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ejercicio Bodega rectangular, de 7.50 m de largo por 6.50 m de ancho.

solucion : Fuerza de friccion:

fr=μ∗N=μ∗m∗g fr=0.280∗20 kg∗9.81 m/s 2=54.936 N Trabajo :

W =mg∗x

y/o regla utilizada en el proceso realizado: La fuerza de fricción o la fuerza de rozamiento es la fuerza que existe entre dos superficies en contacto, que se opone al movimiento relativo entre ambas superficies (fuerza de fricción dinámica) o a la fuerza que se opone al inicio del deslizamiento (fuerza de fricción estática).

a ¿ Trayectoria : A →C (7.5 m+6.5 m=14 m)

Teorema de pitagoras : AC =√ 7.52 +6. 52=9.92m W =54.936∗9.92=544.96 J b ¿ Trayectoria: A → D → C(21.5 m−7.5 m=14 m)

W =54.936∗14=769.104 J c ¿Trayectoria : A → D → B →C (6.5 m+ 9.92 m+6.5=2.92 m)

W =54.936∗22.92 m=1259.13 J d ¿ porque a lo largo de una trayectoria, la energía mecánica del sistema se irá consumiendo y la final será menor a la inicial, o sea, su variación ya no será cero. El valor de la fuerza de rozamiento en física es igual al producto del coeficiente de roce por la fuerza normal. Fr = µ x N

estudiante que realiza el aporte y tipo de aporte que realiza.

Carlos Andrés González Ramírez

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Observaciones: Temática: Energía cinética y el teorema del trabajo y la energía. Ejercicio No 7. Un martillo de acero con masa de 205 kg se levanta 2.50 m sobre el tope de una viga en forma de I vertical, que se está clavando en el suelo. El martillo se suelta, metiendo la viga -I- otros 3.20 cm en el suelo. Los rieles verticales que guían el martillo ejercen una fuerza de fricción constante de 55.0 N sobre éste. Use el teorema trabajo-energía para determinar a) la rapidez del martillo justo antes de golpear la viga-I y b) la fuerza media que el martillo ejerce sobre la viga-I. Ignore los efectos del aire.

Datos ejercicio

del

m=205kg h=2,50m h2=3,20cm f=55,0N W=Emcf-Emc0 Emc0=m*g*h 1 2 Emcf= 2 m v +Ep W=f*h*cos Wneto=F*dbarra*cos

Desarrollo del ejercicio

a) W=Emcf-Emc0 Emc0=(205kg)*(9,81m/s2)*2,50m=5027,63J 1 2 Emcf= 2 m v +0 W = 55N*2,50*cos180 = -137,50J (energía perdida en el proceso) 1 2 -137,50= 2 (205)v -5027,63J 1 2 5027,63-137,50= 2 (205)v 1 2 4890,13= 2 (205)v

Explicación y/o justificación y/o regla utilizada en el proceso realizado: El trabajo realizado por la fuerza neta (suma de todas las fuerzas) aplicada a una partícula es igual al cambio que experimenta la energía cinética de dicha partícula.

Nombre y estudiante el aporte aporte que

apellido del que realiza y tipo de realiza.

Carlos Andrés González Ramírez

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2*

4890,13 2 =v 205

v 2=47,71 V=6,91m/s b) Wneto=F*dbarra*cos(180) ∆ Ek=F∗0,0320m *cos(180) Ekf-Ek0=F*0,0320m*cos(180) 0-4890,13=F*0,0320*cos(180) -4890,13=F*(-0,0320) −4890,13 F= 0,0320∗cos ⁡( 180) F=152816,56 Observaciones: Ejercicio No 8.

−4890,13 J F= −0,0320 m

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Un vagón de

4.50 ×10 3 kg

rueda a lo largo de una vía recta con fricción

despreciable. El vagón se lleva al reposo mediante una combinación de dos resortes de espiral, como se ilustra en la figura. Ambos resorte se describen mediante la Ley de Hooke con constantes de elasticidad

k 1=1.20 × 103 N/m

y

3

k 2=2.90× 10 N/m . Después de que el primer resorte se comprime una distancia de 30.0 cm, el segundo resorte actúa junto con el primero para aumentar la fuerza mientras se presenta una compresión adicional como se muestra en la gráfica. El vagón llega al reposo 20.0 cm después de que empieza a obrar de manera simultánea el segundo resorte. Encuentre la rapidez inicial del vagón. (Figura tomada de Física para Ciencias e Ingeniería, 7a edición, Serway/Jewett.) Datos ejercicio

del

Desarrollo del ejercicio

K 1=1.20∗103 N /m

K 1=1.20∗103 N / m

K 2=2.90∗103 N /m

K 2=2.90∗103 N / m 3

3

F1=1.20∗10 x F 2=−2.90∗10 x 1 2 E K = m∗v 2

x=0 ↔ x =30.0 cm W NETO =∆ E K W NETO =EK ( x)−E K (i)

x=0 ↔ x =20.0 cm

Explicación y/o justificación y/o regla utilizada en el proceso realizado:

Nombre y apellido del estudiante que realiza el aporte y tipo de aporte que realiza.

La ley de Hooke establece que el alargamiento de un muelle es directamente proporcional al módulo de la fuerza que se le aplique, siempre y cuando no se deforme permanentemente dicho muelle.

José Camilo Ortega/ Carlos Andrés González Ramírez

F=k ( x−x 0 )

UNIVERSIDAD NACIONAL ABIERTA Y A DISTANCIA FÍSICA GENERAL CÓDIGO. 100413 30.0

20.0

∆ E K =− ∫ 1200− ∫ 2900 0

30.0

1 1 1 E K = m∗v 2= k 1 x 12+ k 2 x 22 2 2 2 1 1 1 m∗v2 = k 1 x 12 + k 2 x 22 2 2 2 x 1=30 cm+ 20 cm=50 cm x 2=20 cm 1 1 1 m∗v2 = 1200∗(50 cm)2 + 2900∗(20 cm)2 2 2 2 1 m∗v2 =600 N /m∗2500 cm+1450 N /m∗400 cm 2 1 m∗v2 =600 N /m+1450 N /m∗2500 cm+ 400 cm 2 1 2 m∗v =2050 N /m∗29 m 2

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1 m∗v2 =59,450 m/ s 2 v =√ 59,450

=

7,71 m/ s

Observaciones: Temática: Potencia. Ejercicio No 9. A continuación se plantean dos situaciones, con el fin de que se determine la potencia que requiere un móvil, bajo ciertas circunstancias. (a) Un móvil de 1350 kg asciende una colina de 9.80º a una velocidad constante de 75 km/h y (b) el mismo acelerando sobre una superficie horizontal desde 85.0 km/h hasta 105 km/h en 5.56 s; para la determinación de la potencia, debe tener en cuenta que la fricción entre las llantas del móvil y el pavimento es de 580 N durante el recorrido.

Datos del ejercicio

a) M=1350kg Fr=580N Ɵ=9.8° V= 75km/h=20.83m/s cte

Desarrollo del ejercicio

a) 2

Fm=Fr +mgsenƟ asumiendo g=10 m/ s Fm=580+ 1350∗10∗sen (9.8 ° )

Fm=2877.82 N P=Fm∗V

P=2877.82 N∗20.83 P=59944.9 W b) M=1350Kg Fr=580N

Explicación y/o justificación y/o regla utilizada en el proceso realizado: Primero se halla la fuerza impulsadora del vehiculo. Como asciende de la pendiente se debe igualar a los componentes del peso+ fuerza de razonamiento , para utilizar la formula de potencia y de esta forma obtener el resultado en Kwatts para el ítem a) Para hallar la única fuerza de pavimento se

Nombre y apellido del estudiante que realiza el aporte y tipo de aporte que realiza.

José Camilo Ortega

UNIVERSIDAD NACIONAL ABIERTA Y A DISTANCIA FÍSICA GENERAL CÓDIGO. 100413

Vo=85Km/h=23.64 m/s Vf=105Km/h=29.1 6m/s T=5.56s

P=59.94 Kwatts

halla la aceleración

a= b)

a=

a=

Vf ∗Vo ∆t 20.16−23.69 5.56 s 2

a=0.999 m/s 2° ley de Newton

Fm=1350∗0.999+580

Fm=1928.65 N ∆r=

(Vo+Vf ) ∆t 2

∆r=

(23.64+29.16) 5.56 2

∆ r =146.78 m

P=

Fm∗∆ r ∆t

∆v ∆t

Con base a este resultado pasamos a la fuerza impulsora con resultado en Newton y proceder a hallar el espacio en metros, y el trabajo en joules para hallar la potencia en Kwatts del ítem b)

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P=

(1928.65)(146.78) 5.56

P=50916.36 W P=50.9 KW Observaciones:

CONCLUSIONES

Para finalizar el desarrollo del presente trabajo colaborativo N°2, se logró comprobar teorías y formulas estudiadas, de esta forma y a través de los ejercicios aplicados se demuestra el proceso y resultados correspondientes. Es importante resaltar la diferencia que hay entre dinámica y energía ya que, la dinámica se denomina como fuerza neta ejercida sobre un objeto lo acelerará, es decir, cambiará su velocidad. Conocidas como la parte de la mecánica que se ocupa del estudio del movimiento de los cuerpos sometidos a la acción de las fuerzas. La aceleración será proporcional a la magnitud de la fuerza total y tendrá la misma dirección y sentido que ésta, mientras la energía es la fuerza de acción o capacidad para realizar un trabajo. Como ejemplo si un cohete se aleje de la Tierra, hay que aplicar una determinada fuerza para vencer la fuerza de gravedad que lo atrae; de la misma manera, para que un mecanismo transporte una determinada carga hay que aplicarle la fuerza adecuada en el lugar adecuado.

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REFERENCIAS BIBLIOGRÁFICAS

Blatt, F. J. (1991). Fundamentos de física. Prentice-Hall Hispanoamericana,. Resnick, R., Halliday, D., & Krane, K. S. (1993). Física. Giancoli, D. C. D. C., Skertchly, M., Sketchty, M. M. M. M., Hidalgo, M. A., Hidalgo, J. A., Medina, J., ... & MUNOZ, E. G. (2009). Física: para ciencias e ingeniería con física moderna/Physics for scientists and engineers (No. 53). Pearson,. Ogata, K., & Sánchez, G. L. P. (1987). Dinámica de sistemas. Prentice-Hall Hispanoamericana.