DIVISIÓN DE CIENCIAS BÁSICAS E INGENIERÍA (CBI) DEPARTAMENTO DE PROCESOS E HIDRAÚLICA ÁREA DE RECURSOS ENERGETICOS LICENCIATURA EN INGENIERÍA EN ENERGÍA UEA: MAQUINAS TÉRMICAS TAREA 05.
EQUIPO 1. HERNANDEZ DE LA CRUZ ARTURO. MARTÍNEZ CABRERA GABRIELA. MARTÍNEZ ROSALES DIEGO DAVID. NÁJERA CANELA ANA ANA LILIA. MURRIETA G GONZALEZ ONZALEZ ARMANDO. PEREZ TIZATL JESÚS
PROFESOR: ALEJANDRO VÁZQUEZ RODRÍGUEZ
RESUMEN DE RESULTADOS
EJERCICIO 16-21M a) Calcul Calculee la pres presión ión y la tem temper peratu atura ra al fnal de cada uno de los procesos del ciclo.
P1=0.95 bares T 1= 290.15 K P2= 42.1 bares T 2= 856.711 K P3= 42.1 bares T 3= 2572.27 K =4.424 4 P K T 4= 1351.3bares
b) Determ Determine ine la efcie efcienci nciaa térmi térmica ca y la presión efcaz media del ciclo.
n =55.81% 55.81% mep =11.80177 ba r
PROBLEMA 2 a) Grafque a) vs rc
b) grafque vs r
16-25M la pres pEJERCICIO resión ión despué después s del del proce proceso so de de adición de calor a volumen constante. b) la tempe temperat ratura ura ante antess y despué despuéss del del proceso de suministro de calor a presión constante. c) la temper temperatu atura ra desp después ués de la expansión isentrópica a)
d) la efciencia térmica.
P3=69 ¯¿
T4= 2410. 88 K T 5 =1014.051 K
n =63 %
PROBLEMA 4. a) Si rc = 1, ¿a qué efciencia térmica se reduce la efciencia del ciclo dual?
b) Si rP,v = 1, ¿a qué efciencia térmica se reduce la efciencia del ciclo dual
nt dual =1−
( r p , v −1 ) k r [ rp,v −1 ] −1
(r c k −1 ) nt dual =1− k r [ k ( rc −1 ) ] −1
16-21M.(4 puntos)Las condiciones de alimentación para un ciclo de Diesel de aire estándar que opera con una relación de compresión de15:1son 0.95 bares y 17°C. Al comienzo de la carrer car reraa de comp compre resi sión ón el vo volu lume menn de dell ci cili lind ndro ro es 3. 3.80 80 L, y durant durantee el pr proce oceso so de calentamiento a presión constante se suministran al gas 7.5 kJ de calor.
a) Calcule la presión y la temperatura al final de cada uno de los procesos del ciclo. Estado 1: P1=0.95 bares T 1=17 ℃ =290.15 K T 1=290.15 K V 1=3.80 L γ =
V 1 V 2
∴
15 1
γ =15
Estado 2: γ =
V 1 V 2
V 2=
despej des pejar ar V 2
V 1
3.80 L
γ
15
=
=0.25333 L
V 2= 0.25333 L
1-2; Es un proceso isentrópico ∴ T 2
T 1 1.4
T 2=( 290.15 ) (15 )
( )
=
V 1 V 2
γ − 1
1
−
=856.711 K
T 2=856.711 K P 2 P 1
=
( ) V 1
γ
V 2
P2=( 0.95 bares ) ( 15 )
1.4
P2= 42.1 bares
2-3; Es un proceso donde se añade calor a una presión constante.
( T −T )
∴ Q¿= mp ∴ T 3
−T = 2
3
2
Q¿ m∙p
Sustituir: 7.5 kJ
T 3−856.711 K =
−3
4.35 x 10
kg ∙
1.005 kJ
kg∙k
T 3−856.711 K =1715.560 k T 3=1715.560 + 856.711 K T 3=2572.27 K
Como es a una presión constante 2-3 ∴ P2= P3 ∴ P3= 42.1 bares
Y por lo tanto: V 3 V 2
=
T 3 T 2
Despejar V V 3=V 2
3
( ) T 3 T 2
V 3= 0.25333 L
(
)=
2572.27 K 856.711 K
0.7601 L
V 3= 0.7601 L
3-4; Es una expansión isoentrópica Como el volumen de 4-1 es constante tenemos: V 1= V 4=3.80 L
( )
V 3 T 4=T 3 V 4
γ − 1
(
T 4=2572.27 K T 4=1351.3 K
)
0.7601 L 3.80 L
1.4
−1
=1351.29 K =1351.3 K
P4 = P3
( ) V 3
γ
V 4
P4 =42.1 bares
(
)
0.7601 L 3.80 L
1.4
= 4.4238 bares= 4.424 bares
P4 =4.424 bares
b) Determine la eficiencia térmica y la presión eficaz media del ciclo Tenemos n=
W neta Q¿
=
Q¿ −Qout
∴ Q out =mv
Q¿
( 100% )
( T −T ) 4
−3
1
Qout = ( 4.35 x 1 0 kg ) Q
(
)(
0.718 kJ
kg∙k
− 290.15 k )=3.314289 kJ =3.3143 kJ
1351.3 K
= 3.3143 kJ out
Calcular la eficiencia térmica del ciclo: n= n=
Q¿ −Qout Q¿
(100% )
−3.3143 kJ ( 100% )=0.5581 ( 10 100 0 % ) =55.81%
7.5 kJ
7.5 kJ
n =55. 55.81% 81%
Calcular la presión eficaz media del ciclo: mep =
mep =
W neta V 1− V 2
(7.5 −3.3143 ) kPa∙m
( 3.80 x 10
−3
3
−3
−0.25 0.25333 3333 3 .80 x 10
)m
3
=1180.177 kPa
a) Gra fca vs rc
GRÁFICO vs RC 0.9 0.8 0.7 ndiesel r=12 n diesel r=15 n diesel r=18 n diesel r=21
0.6 0.5 0.4 0.3 0.2 0.1 0
0
2
4
6
8
10
12
14
b) gra fq ue vs r
1625 Un ciclo dual de aire estándar opera con una relación de compresión de15:1. Al iniciarse la compresión las condiciones son 17°C, 0.95 bares y3.80 L. La cantidad de calor suministrada es6.6 kJ, de la cual una tercera parte se proporciona a volumen constante y el resto a presión constante. Determine: a) la presión después del proceso de adición de calor a volumen constante, b) la temperatura antes y después del proceso de suministro de calor a presión constante, en kelvin es, de la expansión isentrópica y c) la temperatura después
d) la eficiencia térmica. De nuestro diagrama podemos determinar que
Tenemos nuestro diagrama P-v
P
3-2 El volumen es constante V3 = V2
Qin 4
3
Y que
Qin
1-5 El volumen es constante V1 = V5 5
2
Q out out 1
v Resolviendo el inciso a) la presión después de del proceso de adición de calor a volumen constante P3 De nuestro problema tenemos los siguientes datos: T1=17°C = 290.15 K 676.1
h1= 290.16
v2 ¿ Vr2 = = Vr1( v 1 = 676.1(
1 15
Pre=1.2311
U1=206.91
¿
= 45.07
Tenemos los datos suficientes para hacer interpolación obteniendo: T2= 819 K h2= 842.42 Pr2= 52.25 U2= 607.43 Pr 2 52.25 ¿= 0.95 ( ¿= 40.32 Bar P2= P1 ( 1.2311 Pr 1 V1=(
O . O 8314∗290 RT ¿ = ( ¿= 0.876 MP 28.97∗0.95 1
Q ¿= ( QV q= ( M =( V 1 1 ¿
6.6
0.876
3
KJ ∗ mm3 / Kg ¿= 1521. 473 KJ/Kg 0.0038
V re=
v2=0.0584 q = 157 KJ/Kg 3
(
2q 3
¿=1014.3153 KJ/Kg
Ahora para para e proceso proceso 2-3, 2-3, tenemos tenemos que: U3= q in + U2= 52. 157 + 607.43= 1114.583 T3= 1401. 62 k P 2 P 3 T = = P 3 = 33 P2 P 1 T 3 T 2 Por tanto
P 3=
1401.62 k 819 K
¿
Ahora tenemos tenemos para para el inciso inciso b) la temperatur temperatura a antes y después después del suministro suministro de de calor a presión constante en K T3 Y T4 Sabemos que q= 1014. 3153 Qin= Cp (T4-T3) Q 1014.3153 T4 = + T 3 = + 1401.62= 2410. 88 K p 1.005 P 4= P3 = 69 Bar
Para c) la temperatura después de la expansión isentrópica Tomamos el proceso 4-5 donde U 5= 779.8 Qout= U1 – U5= 206.91 – 770.8 = 563.89 Q in= q35 + q34 r= 15 r= rc . rp T 4 2410.88 = r c= =1.72 T 3 1461.62 r p=
15
= 8.72
1.72
Por tanto, la T5 va a ser igual a T 4 2410.88 =1013.83 K T5= k −1 = 0.4 8.72 rp
Para la eficiencia térmica tenemos que qsal 563.89 =1 − = 0.6358=63.58% 63.58% 1548.4723 ᶯ = 1 + qent Podemos hallarla de igual modo con los incisos C y D De nuestro inciso C tenemos que tomando el proceso 3-4 con T3= 1401.62 V3=V2 P3=P4 V4=
T 4 2410.88 V 3= ( 0.0584 )=0.10045 m 3 / Kg T 3 1401.62
Ahora con con el Proceso Proceso 4-5 4-5 tenemos lo siguiente: siguiente: K
V 4 P5= P4( ) V 5
K − 1 K
T 5 P 5 =( ) T 4 P 4
=69 (
0.10045 0.876
1.4
) =3.33 ¯¿
T5= 2410.88(
3.33 69
1.4− 1.4− 1
)
1.4
=1014.051 K
De nuestro inciso D podemos determinar lo siguiente Qout = U1 – U5= 206.91 – 770.995 = - 564.085 Qin= 507.157 + 1014.3153= 1521.4723 Con esos datos nos permite hacer una interpolación para U5= (1014.051K) = 770.995 y finalmente tenemos que 369.085
=0.6292= 62.92=63 % − ᶯ = 1521.4723 1
a) Si rc = 1, ¿a qué efciencia térmica se reduce la efciencia del ciclo dual?
nt dual =1−
( r p , v −1 ) k − r [ rp,v −1 ] 1
b) Si rP,v = 1, ¿a qué efciencia térmica se reduce la efciencia del ciclo dual?
Thank you for interesting in our services. We are a non-profit group that run this website to share documents. We need your help to maintenance this website.