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July 23, 2022 | Author: Anonymous | Category: N/A
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División de Ciencias Biológicas y de la Salud Ingeniería Bioquímica Industrial
INGENIERÍA ENZIMÁTICA PROBLEMARIO
Dr. Sergio Huerta Ochoa NOTA: Los ejercicios presentados en este problemario, son una recopilación de problemas: encontrados en internet en páginas de libre acceso y de otras Universidades e Instituciones, y pretenden ser una herramienta para reforzar conceptos de cinética enzimática.
División de Ciencias Biológicas y de la Salud Ingeniería Bioquímica Industrial
1. ECUACIÓNDE MICHAELIS-MENTEN Considera una enzima industrial importante, la cual cataliza la conversión de un sustrato para formar un producto con un valor agregado mayor. La enzima sigue el siguiente mecanismo:
Un análisis inicial de las tasas de reacción para la reacción en solución, con E0 = 0.10 µM y varias concentraciones de sustrato S0, produce los siguientes parámetros de la ecuación de Michaelis-Menten: V max = 0.60 µM/s; K M = 80 µM. Un tipo de experimento diferente indica que la constante de la tasa de asociación, k1, es 6
k1 = 2.0 x 10
M-1s-1 (2.0 µM-1s-1).
Estima el valor de k2 y k-1. Solución: De la definición de V max max tenemos:
V max k 2
=
= k 2 [E 0 ]
V max 0.6 ⋅ µM/s = [E ] 0.1 ⋅ µM
-1
= 6⋅s
0
De la definición de la constante de Michaelis-Menten, K M , tenemos:
K M k −1
=
K M k 1 − k 2
=
(
+ k 2 k −1 k 1
= (80 ⋅ µM ) 2 ⋅ µM s −1
) − (6 ⋅ s ) = 154 ⋅ s
−1
−1
−1
División de Ciencias Biológicas y de la Salud Ingeniería Bioquímica Industrial
En experimentos de laboratorio, se utilizaron dos decarboxilasas (A y B) obtenidas de diferente microorganismo (ver tabla). Decida cual enzima demuestra un mayor coeficiente de especificidad, (Vmax / Km), recuerde que entre mayor sea el valor del coeficiente de especificidad más específica es la enzima por el substrato. Enzima A
Enzima B
Velocidad (µM/min) 0.3373 0.3364 0.6945 0.6957 1.0764 1.1407 1.9636 1.7706 2.0641 2.0751
[S] (mM) 0.0002 0.0002 0.0005 0.0005 0.001 0.001 0.005 0.005 0.01 0.01
[S] (mM) 0.005 0.005 0.01 0.01 0.05 0.05 0.1 0.1 0.25 0.25
Velocidad (µM/min) 0.3962 0.3857 0.6163 0.6413 1.5606 1.5689 1.9862 1.7909 2.2011 2.2047
Solución: 3.5000
y = 0.5081x + 0.4224 R² = 0.999
3.0000 2.5000
Vmax =
2.36719094
(µM/min)
KM =
1.20279143
(μM)
2.0000
Vmax/KM =
1.5000
1.968
min
-1
1.0000 0.5000 0.0000 0
2
4
6
3.0000 y = 10.814x + 0.4323 R² = 0.9967
2.5000
Vmax =
2.31346294
(µM/min)
KM =
25.0185663
(μM)
2.0000 1.5000
Vmax/KM =
0.092
min
-1
1.0000 0.5000 0.0000 0
0.0 5
0.1
0.1 5
0 .2
0 .25
División de Ciencias Biológicas y de la Salud Ingeniería Bioquímica Industrial La Enzima A es más específica
Para un experimento de sustrato una reacción catalizada enzimáticamente, se utilizó una concentración inicial de 20 µM y una concentración de enzima 5 nM, obteniéndose la siguiente curva de progreso: Tiempo (min)
Sustrato (µM)
0 2 4 6 8 10 12 14 16 18 20
20.00 18.32 16.64 14.97 13.30 11.63 9.96 8.31 6.66 5.02 3.40
Calcula la constante de especificidad, α[=] (µM min)-1 definida como: k cat α = K M Solución: Utilizando la ecuación
[S ]0 − [S ] t = − K M + V max [S ]0 [S ]0 ln [S ] ln [S ] y transformando los datos para obtener los ejes adecuados
División de Ciencias Biológicas y de la Salud Ingeniería Bioquímica Industrial ln(So/S) x y 0.0 .087 8768 685 5 22. 2.8 80891 089171 71 19. 19.1482 148226 267 7 0. 0.18 1836 3690 9012 12 21.7 21.775 7580 8032 32 18.2 18.270 7059 5913 13 0. 0.28 2897 9748 4888 88 20.7 20.707 0758 5863 63 17.3 17.363 6320 2081 81 0. 0.40 8197 9718 18 04081 .5422 54 2288 881 1 0. 0.69 6967 6742 4291 91 0. 0.87 8787 8788 8828 28 1.10030511 1. 1.38 3829 2912 1271 71 1. 1.77 7726 2654 5446 46
19.5 19 .598 16 18. 8.4 49837 4038 403716 3825 25 17.2 17.222 2299 9954 54 15.9 15.931 3102 0272 72 14.5414212 13.0 13.016 1600 0059 59 11.2 11.282 8251 5147 47
16.4 16 2109 0948 48 15. 15.421 .4376 43 7683 837 7 14.4 14.404 0401 0112 12 13.3 13.307 0728 2822 22 12.128099 10.8 10.834 3442 4243 43 9.36 9.3658 5824 2479 79
] 25 ) S / 20 o S ( 15 n l [ / 10 ) S o 5 S (
y = 0.8488x - 0.2134
0 10
15
20
25
t/[ln(So/S)] 0.8488 µM/min 0.2134 µM
Vmax = Km =
k cat = α =
V max 0.8488 µ M ⋅ min −1 = = 169.76 min 0.005 µ M [E ]t k cat 169.76 min −1 −1 −1 = = 795.5 µ M min K M 0.2134 µ M
−1
En un experimento se midió la tasa inicial de una reacción enzimática, v, a varias concentraciones de substrato [S] . La concentración de la enzima es 3 nM. Se graficó [S]/ v versus [S] y se observó una línea recta en la cual el intercepto- y es 590.6 s y la pendiente es 0.3684 s µM-1. ¿Cuál es el valor de K M y el de V max para esta reacción enzimática? ¿Cuál es el valor de k cat para esta enzima? Solución: Se observa que se utilizó la ecuación de Hanes-Woolf K [S ] 1 = [S ] + M
v
V max
V max
Los datos del problema son: m = 0.3684 s µM-1
S /v
KM /Vmax
-KM
1/Vmax
[S]
División de Ciencias Biológicas y de la Salud Ingeniería Bioquímica Industrial b = 590.6 s 1
V max
=
=
0.3684
⋅ µ M ⋅ s −1 2 .7144
K M = 590.6 ∗ V max = 590.6 ∗ 2.7144 = 1,603.12 ⋅ µ M Sabemos que V max at [E ]t, por lo tanto max = k ccat V max 2.7144 ⋅ µ M ⋅ s −1 −1 = = 904.8 ⋅ s k cat = 0.003 ⋅ µ M [E ]t
Calcule la concentración de sustrato necesaria para observar un 75% de la velocidad máxima de una reacción enzimática con una constante de afinidad, K M , 3 µM. Solución: Re-arreglando la ecuación de Michaelis-Menten
v V max
=
[S ] K M + [S ]
despejando [S ] tenemos
[S ] =
K M
1 v / V max
− 1
=
3 ⋅ µ M
1 − 1 0.75
= 9 ⋅ µ M
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2. PROBLEMAS DE INHIBICIÓN i Calcule y el grado de inhibición causado por un inhibidor competitivo bajo las siguientesv condiciones: a). [S]=2x10-3 M y [I]=2x10-3 M b). [S]=4x10-4 M y [I]=2x10-3 M c). [S]=7.5x10-3 M y [I]=1x10-5 M Asume que K M =2x10-3 M, K I =1.5x10-4 M y V max=270 nM/min.
Solución: En cada inciso calculamos la velocidad sin (v0) y con (vi) efectos de inhibición
a).
vi
=
V max [S ] (270nM / min )(2x10 6 nM ) = = 135nM / min v0 = K M + [S ] 2x10 6 nM + 2x10 6 nM V max [S ] (270nM / min )(2 x10 6 nM ) =
K M 1 + [ I ] + [S ] K i i%
= 1 −
6
(2x10
6
= 17.61nM / min
nM ) 1 + 2x10 5nM + 2 x10 6 nM 1.5x10 nM
vi 17.61nM / min ∗ 100 = ∗ 100 = 86.96% 1 − v0 135 nM / min
b). v0 vi
=
=
V max [S ] (270nM / min )(4x10 5 nM ) = = 45nM / min K M + [S ] 2x10 6 nM + 4x10 5 nM
V max [S ] (270nM / min )(4x10 5 nM ) = [ I ] 2 x10 6 nM 6 + 4x10 5 nM K M 1 + + [S ] (2x10 nM )1 + 5 1.5x10 nM K i
= 3.72nM / min
vi 3.72nM / min i% = 1 − v0 ∗ 100 = 1 − 45nM / min ∗ 100 = 91.74%
c). v0 vi
i%
=
=
V max [S ] (270nM / min )(7.5x106 nM ) = = 213.16nM / min K M + [S ] 2x106 nM + 7.5x106 nM
V max [S ] (270nM / min )(7.5x10 6 nM ) = [ I ] 1x10 4 nM 6 + 7.5x10 6 nM K M 1 + + [S ] (2x10 nM )1 + 5 1.5x10 nM K i
= 1 −
vi 210.21nM / min ∗ 100 = 1 − ∗ 100 = 1.38% v0 213.16nM / min
= 210.21nM / min
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(a) ¿Qué concentración de inhibidor competitivo se requiere para producir 75% de inhibición a una concentración de sustrato de 1.5x10 -3 M si K M =2.9x10-4 M y K I =2x10-5 M? (b) ¿Aal qué debe incrementarse el sustrato para re-establecer la velocidad valorconcentración original sin inhibición? Solución: a). La fórmula del grado de inhibición para inhibición competitiva es: 100[ I ]
i%
=
K i 1 +
[S ]
K M
+ [ I ]
Despejando [ I I ]
[S ] i% K I 1 + K M [ I ] = 100 − i%
b)
v
1.5 x10 −3 M (75)(2 x10 M )1 + −4 x M 2 . 9 10 = 3.7 x10 − 4 M −5
=
(100 − 75)
Sin inhibición (Ec. Michaelis)
v 0
[S ]0
Con inhibición (Inhibidor Competitivo) Competitivo)
v i
v 0 = v i
[S ]i
[S ]
De la gráfica observamos que v0 = vi , igualando las ecuaciones de velocidad tenemos:
V max [S ]0 K M + [S ]0
=
V max [S ]i [ I ] + [S ]i K M 1 + K I
Despejando [S ]i tenemos
[ I ] 3.7 x10 −4 M −3 = 2.93x10 −2 M [S ]i = [S ]0 1 + = (1.5x10 M )1 + −5 2x10 M K I
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Calcule K I para un inhibidor no-competitivo si una concentración de inhibidor [I]=2x10-4 M produce 75% de inhibición de una reacción catalizada enzimáticamente. Solución: Para un inhibidor no-competitivo el grado de inhibición está dado por 100[ I ] i% =
K i + [ I ]
despejando K I
100
K I = [ I ]
i%
(
− 1 = 2 x10
−4
100 −5 − 1 = 6.67 x10 M 75
M )
Calcule (a) la velocidad y (b) el grado de inhibición de una reacción catalizada -3 -4 enzimáticamente en presencia de 6x10-4 M de sustrato ( K K M =1x10 M) y 2.5x10 M de un -5 inhibidor no-competitivo ( K K I =3x10 M). La V max=515 nM/min. Solución:
V max [S ] (5.15x10-7 M / min )(6 x10−4 M ) -7 -3 = 1.93x10 M / min = v0 = −4 1x10 M + 6 x10 M K M + [S ] V max 5.15x10−7 M [S ] (6x10− 4 M ) −4 [ I ] 2.5x10 M 1 + 1 + −5 K 3 x 10 M I −8 vi = = = 2.07 x10 M / min −3 −4 K M + [S ] 1x10 M + 6x10 M vi 2.07x10-8 M / min ∗100 = 89.29% i% = 1 − ∗100 = 1 − -7 1.93x10 M / min v0
Considere una reacción enzimática, en presencia de un inhibidor competitivo. La -4
-5
constante de Michaelis del ( inhibidor ) es 3.5 x 10 la constante inhibición ( ) es 1.7 x 10de M y la concentración [I] M, es 7.5 x 10 -5 M.de Calcule la concentración sustrato a la cual la velocidad observada en presencia del inhibidor es 3/4 de la velocidad observada sin inhibición, es decir, una actividad relativa igual a 0.75 K M K
K i
Solución: Para un inhibidor competitivo la actividad relativa está dada por:
a=
K M + [S ] ; [ I ] + [S ] K M 1 + K i
despejando [S ]
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a ⋅ K M 1 +
[ I ]
[S ] =
− K M
K i a
=4 .28x10
−3
⋅ M
(1 − ) En un experimento se midió la tasa inicial de una reacción enzimática, v, a varias concentraciones de substrato [S] . . La concentración de la enzima es 10 nM. Se graficó 1/ v versus 1/[S] y se observó una línea recta en la cual el intercepto- y es 0.005 nM-1 seg y la pendiente es 200 seg. ¿Cuál es el valor de K M y el de V max para esta reacción enzimática? ¿Cuál es el valor de k cat para esta enzima? ¿Determine el coeficiente de especificidad? 30 µM de un inhibidor, E, es adicionado y se observó que el intercepto-1 y es 0.0065 nM seg y la pendiente es 260 seg. ¿Qué tipo de inhibición se observó? ¿Cuál es el valor de K i para el inhibidor con esta enzima? Solución: Se observa que se utilizó la ecuación de Lineweaver-Burk 1 K M 1 1 = +
v
V max [S ] V max 1/v
1/Vmax Los datos del problema son: m = 200 s -1 b = 0.005 s nM
KM /Vmax
-1/KM
V max
1
1/[S]
= 200 ⋅ nM ⋅ s
−1
0.005 ∗ 200 = 40,000 ⋅ nM K M = 200 ∗ V max = 200 =
Sabemos que V max = k cat [ [E ]t, por lo tanto
V k cat = max [E ]t
=
200 ⋅ nM ⋅ s −1
10 ⋅ nM
= 20 ⋅ s
−1
El coeficiente de especificidad es: α =
k cat K M
=
20 ⋅ s −1
−1 −1 ⋅ s nM = 0.0005 40,000 ⋅ nM
En presencia del inhibidor tenemos m = 260 s b = 0.0065 s nM-1 app V max
app K M
1
= 153 .846 ⋅ nM ⋅ s
−1
0.0065 = 260 ∗ V max = 260 ∗ 153.846 = 40,000 ⋅ nM =
División de Ciencias Biológicas y de la Salud Ingeniería Bioquímica Industrial app , K M = K M
Se observa que: Por lo tanto se trata de una
app V max > V max
y
Inhibición no competitiva, entonces app V max
=
V max [ I ] 1 + K i
Despejando K i
K i
=
[ I ] V max −1 app V max
=
30,000 200 153.846
= 100,000 ⋅ nM
−1
Para una reacción enzimática en presencia de de sustrato un inhibidor de reacción observada a una concentración [S] i =competitivo, 1.5 x 10-3 M la es velocidad igual a la velocidad de reacción sin el inhibidor a una concentración de sustrato [S] 0 = 7.69 x 105 M. Calcule la constante de inhibición, Ki, del inhibidor si su concentración [I] = 3.7 x 10-4 M. Solución: Para un inhibidor competitivo la relación [ S ]0 a [S ]i para observar una misma velocidad es:
[S ]i
[ I ] K i
= [S ]0 1 +
Despejando K i
K i
=
[ I ] = [S ]i −1 [S ]0
−4
3.7 x10 M −3
1.5x10 M 7.69x10 −5 M
−1
= 2 x10
−5
M
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Utilice los siguientes datos experimentales para obtener la concentración de sustrato [S] en la cual se obtiene un grado de inhibición del 60 % para una reacción enzimática en presencia de un inhibidor [I]. [S] mM
Velocidad (nM/min) Control [I] = 6 µM
0.200 0.250 0.333 0.500 1.000 2.000 2.500 3.330 4.000 5.000
16.67 20.00 24.98 33.33 50.00 66.67 71.40 76.92 80.00 83.33
6.25 7.69 10.00 14.29 25.00 40.00 45.45 52.63 57.14 62.50
Solución: Primero se determina qué tipo de inhibición se tiene, por lo tanto Analizando los datos cinéticos mediante Lineweaver-Burk se tiene que: app V max = V max ,860 ⋅ nM < K M = 999
= 100nM / min
K M app
= 2,999 ,900 ⋅ nM
Por lo tanto es una inhibición competitiva, y K i se calcula como:
K i
=
[ I ]
=
app
K M K M
−1
6,000 ⋅ nM 2,999,900nM
= 2,999.52 ⋅ nM −1
999,860nM
Despejando [S ] de:
i%
=
100[ I ]
[S ] K i 1 + + [ I ] K M
se tiene:
[ I ] 100 − 1 − 1 = 333,500 ⋅ nM [S ] = K M K i i%
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En un experimento se midió la tasa inicial de una reacción enzimática, v, a varias concentraciones de substrato [S] . La concentración de la enzima es 3 nM. Se graficó v versus [S] y se observó y es 590.6 s y la [S]/ una línea cual el interceptopendiente es 0.3684 s µM-1. ¿Cuál es elrecta valorendela K M y el de V max para esta reacción enzimática? ¿Cuál es el valor de k cat para esta enzima? Solución: Se observa que se utilizó la ecuación de Hanes-Woolf K [S ] 1 = [S ] + M S /v V v V max
max
Los datos del problema son: m = 0.3684 s µM-1 b = 590.6 s
KM /Vmax
1/Vmax
-KM
V max K M
=
1
=
0.3684
[S] 2 .7144 ⋅ µ M ⋅ s −1
= 590.6 ∗ V max = 590.6 ∗ 2.7144 = 1,603.12 ⋅ µ M
Sabemos que V max [E ]t, por lo tanto max = k ccat at [
V k cat = max [E ]t
=
2.7144 ⋅ µ M ⋅ s −1
0.003 ⋅ µ M
= 904.8 ⋅ s
−1
El coeficiente de especificidad es:
α =
k cat K M
=
904.8 ⋅ s −1
1,603.12 ⋅ µ M
= 0.564 ⋅ s µ M
−1
−1
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