Fizika Vbe Vert Intr 2007

PATVIRTINTA Nacionalinio egzaminų centro direktoriaus 2007 m. birželio 8 d. įsak. Nr. 13

2007 M. FIZIKOS VALSTYBINIO BRANDOS EGZAMINO VERTINIMO INSTRUKCIJA Pagrindinë sesija

ATSAKYMAI I dalis Kiekvienas iš 1–30 klausimų vertinamas 2 taškais. 1 variantas Nr. Ats.

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

D

C

A

B

A

C

C

A

D

B

Nr. Ats.

11

12

13

14

15

16

17

18

19

20

B

A

D

D

C

A

D

C

A

B

Nr. Ats.

21

22

23

24

25

26

27

28

29

30

B

A

C

B

C

D

A

B

C

B

2 variantas Nr. Ats.

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

A

D

B

A

C

B

A

C

D

D

Nr. Ats.

11

12

13

14

15

16

17

18

19

20

B

D

C

B

D

C

A

B

C

A

Nr. Ats.

21

22

23

24

25

26

27

28

29

30

D

C

B

C

B

C

B

A

A

C

II dalis Toliau pateikiami II dalies klausimų atsakymai. Mokinys gali atsakyti kitaip nei pateikta vertinimo instrukcijoje, svarbu, kad pateiktas atsakymas būtų teisingas, vertinama visais taškais. Paaiškinimai 1. Jei mokinys suklydo atlikdamas vieną dalį struktūrinio klausimo, bet su savo rezultatais kitą dalį atliko teisingai, vertinama visais taškais (mokinys jau nubaustas už neteisingai atliktą ankstesnę dalį). 2. Jei parašytas tik teisingas atsakymas, bet nėra pagrindimo – vertinamas tik matavimo vienetas. Gali būti parašyta tik galutinė formulė ir skaičius su matavimo vienetu – teisingas atsakymas vertinamas visais taškais. 3. Jeigu skaičius gautas neteisingu būdu, už jį taškų neskiriama. 4. Jei atsakant į klausimą yra taikoma tik viena formulė, už kurią gali būti skirti 2 taškai, ir mokinys, paėmęs teisingą formulę, ją pakeičia neteisinga – skiriamas 1 taškas. 5. Jei už atsakymą į klausimą yra skiriami 2 taškai, o mokinys, parašęs teisingą atsakymą, dar parašo ir neteisingų teiginių, vertinama 1 tašku. 6. Jei mokinys užrašė tik SI sistemos fizikinio dydžio matavimo vienetus, už kuriuos vertinimo instrukcijoje skiriamas 1 taškas, taip ir vertinama. 7. Jei prašoma pabraukti, pvz., du dydžius, o mokinys pabraukė daugiau, vertinama 0 taškų.

2007 m. FIZIKOS VALSTYBINIO BRANDOS EGZAMINO VERTINIMO INSTRUKCIJA Pagrindinë sesija

8. Jei mokinys įveda nestandartinį fizikinio dydžio žymėjimą, pvz., dažnį žymi a, tai turi jį įvardyti. 9. Jei užduotyje nereikalaujama matuoti dydžių SI sistemos vienetais, mokinys gali skaičiuoti vartodamas teisingus, praktikoje paplitusius fizikinio dydžio matavimo vienetus – matavimo vienetas vertinamas 1 tašku, pvz., greitis matuojamas km/h. 10. Braižant kokybinį grafiką, būtina įvardyti ašis ir koordinačių pradžią. Ašių sukeitimas vietomis nėra klaida. Braižant kiekybinį grafiką, vertės būtinai turi būti nurodytos.

1 1

Sviedinio judėjimo kiekis aukščiausiame pakilimo taške lygus 0. mv = 0, nes v = 0.

24 taškai 2 taškai 2 taškai Ið viso 4 taðkai

2

Sviedinys pakilo į aukštį h =

2 0

v . 2g

2 taškai

gt 2 , vertinama 1 tašku. Jei užrašė tik h = v0 t − 2

3

Abiejų skeveldrų trajektorijos yra tiesės atkarpos. Gali būti: tiesės. Jei parašyta tik tiesė, vertinama 2 taškais.

4

Viena skeveldra judėjo tik tolygiai greitėdama, kita – iš pradžių, kol kilo į viršų, tolygiai lėtėdama, o vėliau tolygiai greitėdama.

5 6

7

Ið viso 2 taðkai 4 taškai Ið viso 4 taðkai 2 taškai 2 taškai 2 taškai

Ið viso 6 taðkai Skeveldrų greičiai vienodi. 2 taškai Ið viso 2 taðkai Kadangi sviedinys sprogo aukščiausiame pakilimo taške, kuriame sviedinio 2 taškai greitis lygus 0, tai pagal judesio kiekio tvermės dėsnį skeveldrų pradiniai greičiai turėjo būti vienodo modulio, bet priešingų krypčių, todėl m1 = 1. 2 taškai m2 Ið viso 4 taðkai 2 taškai Ið viso 2 taðkai

1.

2

2007 m. FIZIKOS VALSTYBINIO BRANDOS EGZAMINO VERTINIMO INSTRUKCIJA Pagrindinë sesija

2 1

2

3

4

5

Teisingai pavaizdavo žemyn nukreiptą sunkio jėgos vektorių. Teisingai pavaizdavo aukštyn nukreiptą variklio traukos jėgą, didesnę už sunkio jėgą. Ið viso r r r ma = F + mg , ma = F − mg , F = m( g + a), F = 70 ⋅ (10 + 3) = 910 (N). (1 taškas – už skaitinę vertę, 1 taškas – už matavimo vienetą)

18 taškų 1 taškas 1 taškas 2 taðkai 1 taškas 1 taškas 2 taškai

Ið viso 4 taðkai A = F ⋅ h, 2 taškai 2 taškai A = 910 ⋅ 20 = 18200 (J) = 18,2 (kJ). (1 taškas – už skaitinę vertę, 1 taškas – už matavimo vienetą)

Variklio darbas bus minimalus keliant jėga, lygia sunkio jėgai. Gali būti: keliant tolygiai.

Ið viso 4 taðkai 2 taškai Ið viso 2 taðkai 2 taškai

F = σS , F σS a = − g, a = − g, 2 taškai m m 5 ⋅108 ⋅ 5 ⋅10 −5 2 taškai a= − 10 = 40 (m/s2). 2 5 ⋅10 (1 taškas – už skaitinę vertę, 1 taškas – už matavimo vienetą)

Ið viso 6 taðkai

3

2007 m. FIZIKOS VALSTYBINIO BRANDOS EGZAMINO VERTINIMO INSTRUKCIJA Pagrindinë sesija

3 1

2

3

A = p∆V , ∆V = Sh, A = pSh, A = 50 ⋅ 200 ⋅ 0,34 = 3400 (J) = 3,4 (kJ). (1 taškas – už skaitinę vertę, 1 taškas – už matavimo vienetą) 1 – iš kaitintuvo darbinei medžiagai perduodamas šilumos kiekis Q1. 2 – šiluminės mašinos atliktas darbas A′ . 3 – aušintuvui perduotas šilumos kiekis Q2.

16 taškų 1 taškas 1 taškas 1 taškas 2 taškai

Ið viso 5 taðkai 1 taškas 1 taškas 1 taškas Ið viso 3 taðkai

Q1 − Q2 , Q1 Q2 = (1 − η )Q1 , A' η= , Q1 A' Q2 = (1 − η) , η

η=

1 taškas 1 taškas 1 taškas 1 taškas

3400 2 taškai = 6600 (J) = 6,6 (kJ). 0,34 (1 taškas – už skaitinę vertę, 1 taškas – už matavimo vienetą)

Q2 = (1 − 0,34) ⋅

4

Kaitintuvo temperatūrą reikia didinti arba aušintuvo temperatūrą reikia mažinti.

Ið viso 6 taðkai 1 taškas 1 taškas Ið viso 2 taðkai

4

2007 m. FIZIKOS VALSTYBINIO BRANDOS EGZAMINO VERTINIMO INSTRUKCIJA Pagrindinë sesija

4 1

2

Teisingai pavaizdavo rezistorių. Teisingai pavaizdavo ampermetrą. Grandinės dalys sujungtos nuosekliai. Vietoje srovės šaltinio gali būti pavaizduoti gnybtai. Ið viso R=

U , I

28 taškai 1 taškas 1 taškas 1 taškas 3 taðkai 2 taškai

2 taškai 20 3 = ⋅ 4 10 (Ω) = 4,0 (kΩ), 5 ⋅ 10 −3 1 taškas 20 3 Ršviesoje = = 2 ⋅ 10 (Ω) = 2,0 (kΩ), 1 ⋅ 10 −2 (1 taškas – už Rtamsoje skaitinę vertę, 1 taškas – už Ršviesoje skaitinę vertę, 1 taškas – už matavimo vienetą) Rtamsoje =

3

Ið viso 5 taðkai 2 taškai 1 taškas 1 taškas

RF = R − RR , R Ftamsoje = 4,0 − 1,0 = 3,0 (kΩ), R Fšviesoje = 2,0 − 1,0 = 1,0 (kΩ),

RFtamsoje

= 3. R Fšviesoje (1 taškas – už skaitinę vertę, 1 taškas – už matavimo vieneto nenurodymą)

Apšvietus fotorezistoriaus varža sumažėjo 3 kartus. Gali būti:

4 5

6

2 taškai

Ið viso 6 taðkai 2 taškai

Valentinių elektronų turi būti mažiau.

Ið viso 2 taðkai Puslaidininkinės medžiagos atome likusią tuščią elektrono vietą vadiname 2 taškai skyle. Esant elektriniam laukui, skylę užpildo greta esantis valentinis elektronas ir 2 taškai skylė juda priešinga elektronui kryptimi, pernešdama teigiamą elektros krūvį.

I grandinėje Fotorezistorius Teka didesnio stiprio elektros apšviestas srovė, elektromagnetas sukuria stipresnį magnetinį lauką ir pritraukia plieninį jungiklį. (Vertinama 2 taškais.) Fotorezistorius Dėl didelės fotorezistoriaus tamsoje varžos teka silpna elektros srovė. Jos sukurto magnetinio lauko nepakanka elektromagnetui pritraukti plieninį jungiklį. (Vertinama 2 taškais.)

Ið viso 4 taðkai II grandinėje Jungiklis išjungtas, 4 taškai lemputė nedega. (Vertinama 2 taškais.)

Jungiklis sujungtas, lemputė dega. (Vertinama 2 taškais.)

4 taškai

Ið viso 8 taðkai

5

2007 m. FIZIKOS VALSTYBINIO BRANDOS EGZAMINO VERTINIMO INSTRUKCIJA Pagrindinë sesija

5 1 2 3

Epmax = Ekmax. Gali būti: Epmax = mgl(1 – cosα).

20 taškų 2 taškai

E = Ekmax.

Ið viso 2 taðkai 2 taškai

T = 2π l / g ,

Ið viso 2 taðkai 2 taškai

T2 2π 2l / g 2 taškai = 2 ≈ 1,41. = T1 2π l / g (1 taškas – už skaitinę vertę, 1 taškas – už matavimo vieneto nenurodymą) 4

Jėgą pavaizdavo nukreiptą liestine į pusiausvyros padėtį. F = mgsinα.

Ið viso 4 taðkai 2 taškai 2 taškai

5

ma = T − mg , T = mg + ma,

Ið viso 4 taðkai 2 taškai

2 vmax , a= l

1 taškas

2 mvmax , l mv 2 E k max = max , 2 2 Ek max . T = mg + l

T = mg +

6

1 taškas 1 taškas

1 taškas Ið viso 6 taðkai Dėl inertiškumo svarelis, nustojus veikti jėgai, iš karto sustoti negali. 2 taškai Gali būti: toliau juda iš inercijos. Ið viso 2 taðkai

6

2007 m. FIZIKOS VALSTYBINIO BRANDOS EGZAMINO VERTINIMO INSTRUKCIJA Pagrindinë sesija

6 1

Kaip lupą naudojame glaudžiamąjįasis lęšį.

16 taškų 2 taškai Ið viso 2 taðkai

2

A1 B1

A B

O

Teisingai nubrėžė du spindulius (vienas spindulys – 1 taškas) Gavo atvaizdą. 3

2 taškai 1 taškas Ið viso 3 taðkai 1 taškas 1 taškas 1 taškas

Neapverstas, menamas, padidintas.

Ið viso 3 taðkai 4

1 1 d − , f = . d f 1 − dD 1 1 1 1 1 = + ar D = + , vertinama 1 tašku. Jeigu užrašyta tik d f F d f D=

f =

2 taškai

2 ⋅10 −2 = 4 ⋅10 −2 (m) = 4,0 (cm). 2 taškai −2 1 − 2 ⋅10 ⋅ 25 (1 taškas – už skaitinę vertę, 1 taškas – už matavimo vienetą) Ið viso 4 taðkai

5

A1 B1 f f = , A1 B1 = AB , 2 taškai AB d d 4 ⋅10 −2 A1 B1 = 1,5 ⋅10 −2 ⋅ = 3 ⋅10 −2 (m) = 3,0 (cm). 2 taškai −2 2 ⋅10 (1 taškas – už skaitinę vertę, 1 taškas – už matavimo vienetą) Ið viso 4 taðkai

7

2007 m. FIZIKOS VALSTYBINIO BRANDOS EGZAMINO VERTINIMO INSTRUKCIJA Pagrindinë sesija

7 1

18 taškų

Įrašė: nuliui, šviesos dažniui, n kartų sumažėja, sužadinti

1 taškas 1 taškas 1 taškas 1 taškas Ið viso 4 taðkai

2

E0 =

E0 =

hc . λ

Jei užrašė tik E = hf , vertinama 1 tašku. −34

2 taškai

6,63 ⋅ 10 ⋅ 3 ⋅10 = 3,43·10-19 (J). 2 taškai −7 5,8 ⋅10 (1 taškas – už skaitinę vertę, 1 taškas – už matavimo vienetą) 8

Ið viso 4 taðkai 3

E , E0 E = P ⋅ t, P ⋅t , N= E0 N=

2 taškai 1 taškas 1 taškas

1,7 ⋅10 −18 ⋅1 ≈ 5. 2 taškai 3,43 ⋅10 −19 (1 taškas – už skaitinę vertę, 1 taškas – už matavimo vieneto nenurodymą)

N=

Ið viso 6 taðkai 4

h p=N . λ

p = 5⋅

h Jei užrašė tik p = , vertinama 1 tašku. λ

2 taškai

6,63 ⋅10 −34 = 5,72·10-27 (kg·m/s). 5,8 ⋅10 −7 2 taškai (1 taškas – už skaitinę vertę, 1 taškas – už matavimo vienetą)

Ið viso 4 taðkai

8