Analiza 2 Ispitivanje Toka i Crtanje Grafika (1)
April 7, 2017 | Author: Marijana Rakicevic | Category: N/A
Short Description
Download Analiza 2 Ispitivanje Toka i Crtanje Grafika (1)...
Description
Analiza 2 Ispitivanje toka i crtanje grafika funkcija 23. 02. 2011. god.
6.
Ispitati tok i nacrtati grafik funkcije 1
f (x) = xe x . ◭
1) Df = {x|x ∈ R\{0}}. 2) (a) Nema nula. (b) Znak x∈
(−∞, 0) (0, +∞)
x
−
+
f (x)
−
+
(c) Iz f (−1) = − 1e 6= ±f (1) = ±e slijedi da funkcija nije ni parna ni neparna. Nije periodiˇcna. Nema presjeka sa Oy osom. 1
3) (a) lim f (x) = lim xe x = 0. x→0−
x→0−
1
1 x
ex
lim f (x) = lim xe = (0 · ∞) = lim
x→0+
x→0+ 1 x
x→0+
=
x = 0 vertikalna asimptota desnoj grani krive. (b) (c)
∞ ∞
1
e x (− x12 ) = +∞. Pa je prava = lim x→0+ − x12
1
lim f (x) = lim xe x = ±∞.
x→±∞
lim
x→±∞
x→±∞
1 f (x) = lim e x = 1 = k, x→±∞ x
lim (f (x) − k · x) = lim
x→±∞
x→±∞
1
0 0
= lim
e x − x12 − x12
x→±∞ 1
4) (a) f ′ (x) = e x
x−1 x
1
1 x
1 x
xe − x = lim x · e − 1 = (∞ · 0) = lim x→±∞
. x∈
(−∞, 0) (0, 1) (1, +∞)
x−1
−
−
+
x
−
+
+
+
−
+
ր
ց
ր
f (x) fmin = f (1) = e. e x1 x3
. x∈ x3 f ′′ (x) f (x)
Nema prevojnih taˇcaka. 5) Grafik
1 x
=
= e0 = 1 = n. Prava y = x + 1 je kosa asimptota sa obije strane.
f ′ (x)
(b) f ′′ (x) =
x→±∞
ex − 1
(−∞, 0) (0, +∞) −
+
−
+
a
`
y 4 3 2 1
−4
−3
−2
−1
0 −1
−2
−3
−4
◮
1
2
3
4
x
7.
Ispitati tok i nacrtati grafik funkcije 2x . +1
f (x) = arcsin
x2
◭ n
1) Df = x| − 1 ≤ R
2x x2 +1
2) (a) f (x) = 0 ⇐⇒
o
n
≤ 1 = x|0 ≤
2x x2 +1
2x x2 +1
+1∧
2x x2 +1
o
n
− 1 ≤ 0 = x|0 ≤
(x+1)2 x2 +1
2
o
∧ − (x−1) x2 +1 ≤ 0 =
= 0 ⇐⇒ x = 0.
2x (b) ∀x ∈ R : f (−x) = arcsin x−2x 2 +1 = − arcsin x2 +1 = −f (x). Tj. funkcija je neparna. Presjek sa Oy osom je taˇcka (0, f (0)) = (0, 0). Nije periodiˇcna.
(c) Znak x∈
(−∞, 0) (0, +∞)
2x
−
+
f (x)
−
+
3) (a) Nema vertikalnih asimptota.(Zaˇsto?) 2x (b) Iz lim arcsin 2 = arcsin 0 = 0 slijedi da je prava y = 0 horizontalna asimptota i sa x→±∞ x +1 lijeve i sa desne strane. (c) Nema kosih asmptota.(Zaˇsto?) 4) (a)
f ′ (x)
=q
1
1−
4x2 (x2 +1)2
2 · 2(x (x+1)−2x·2x 2 +1)2
2 2(1−x2 ) √ x 2+1 2 · (x 2 +1)2 (x −1)
=
x∈
2(1−x2 ) (x2 +1)·|x2 −1|
=
=
(−∞, −1) (−1, 1) (1, +∞)
f ′ (x)
−
+
−
f (x)
ց
ր
ց
fmin = f (−1) = − π2 , fmax = f (1) = π2 . (b)
f ′′ (x)
=
(
− (x24x +1)2 4x (x2 +1)2
, x ∈ (−1, 1)
,x ∈ / (−1, 1)
x∈ −4x
(−1, 0) (0, 1)
f ′′ (x) x∈ 4x f ′′ (x) Dakle, x∈
+
−
+
−
(−∞, −1) (1, +∞) −
+
−
+
(−∞, −1) (−1, 0) (0, 1) (1, +∞)
f ′′ (x)
−
+
−
+
f (x)
a
`
a
`
Prevojne taˇcke su P1 (−1, − π2 ), P2 (0, 0) i P3 (1, π2 ).
(
2 x2 +1 − x22+1
, x ∈ (−1, 1) ,x ∈ / (−1, 1)
5) Grafik funkcije y 4 3 2 1
−4
−3
−2
−1
0 −1
−2
−3
−4
◮
1
2
3
4
x
View more...
Comments